[高三总复习]2025届名师原创分科模拟(二)2化学(XS5)答案

2024-07-31 11:16:49 6

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2.A小球在最高点时有Fr十mg=m,,即Fr=小球从桌面水飞出后，做抛运动的过程中，有v,=gt其水位移x=vtmg,由复图乙可知？=k=名mg=6,解得m=bb.r=g联立解得x=2√mg,小球从最高点运动到最低点的过程中由机械能守恒定真练g1.A设物体A下落高度h时，物体A的速度为vA,物体B律得mg·2=E.7m,解得E,-24十1g 2g速度为U,此时有Ac0S60=20g,物体A、B组成的3.(1)W3N(2)a.0.1kg·m/sb.2NF解析：(1)根据衡条件可得tana=系统机拔能守包，则有mgh=m,2十弓m,联立方程，mg2解得F=√3N。解得vB=√行h,故选A。(2)a.设小球通过最低点时的速度大小为v,根据机械能守2.C若以甲与乙组成的系统为研究对象，可知系统受到重力恒定律有2mw2=mgl(1一cosa)与斜面的支持力，所以加速度的大小为gsin 0;以乙为研究对解得v=1m/s象，设乙与轻杆之间的作用力为F,则mngsin0一F=ma=此时小球动量的大小为力=mv=0.1kg·m/s。mgsin0,可知乙与轻杆之间的作用力为0，所以乙只受到重力和支持力的作用，故A项错误。以甲、乙组成的系统为研b.对小球根据牛顿第二定律有F,一mg=m1究对象，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得mgh十解得F,=2N1mgh十Lsin0)=2×2mu,解得两物体的速度v微专题39√2gh+gLsin0,B项错误。以甲为研究对象，由动能定理真考1.BCD根据牛顿第二定律有(mo一mp)g=得mgh+Ls血0)+W=之m,解得w=-2 mgLsin0,全(mo十mp)a,得P和Q的质量比为1：2，1故A错误；显然，在整个过程中P和Q整过程中甲的机械能减小了2 mngL.sin0,全过程中轻杆对乙做体机械能始终守恒，初始时刻P机械能为0，Q机械能为E,故P和Q整体机械-2功2 mgLsin0,故C项正确，D项错误。能之和始终为E,轻绳断开后P到最高点时动能为0，根据3.AB由题意得在A点时，弹簧与竖直方向的夹角为30°，弹质量关系可如P的机械能为号，轻绳新开后Q的机械能始簧的长度为L1,圆环在A点有L,=√L2+(3L)2=2L,了终为号故B正确；根据题意，分析P的运动可得其1图mg+2kL,-L)c0s30°=ma,解得a=g+5L,故A项像如图所示，根据机械能守恒定律，对P分析，0~T时间正确；圆环通过O点时，水方向不受力，竖直方向只受重内，轻绳上拉力为子m,g,轻绳拉力对P微的功等于P机力，加速度等于g,故B项正确；圆环从A点运动到B点过程中，重力做功，由题意知，弹簧在A点和B点的形变量相Epg.UT_E·2=2,2T时刻P重力同，即弹性势能没有发生变化，则有mghB=EkB,解得械能的增加量，即2，可知3EkB=2√3mgL,故C项错误；圆环在B点有速度，且速度方向与重力方向相同，则圆环在B点的重力功率不可能为零，的功率为mpgX2v=二，故C正确：对于P的0t图像分故D项错误。析可知，T时刻P的速度为=，放2T时刻P的速度大微专题40真考小为23,故D正确。1.D设△t内吹到风机旋转形成的圆面上的空气的质量为2.(1)Nm、5Eh(2)mg△m,则△m=pAal,该部分空气的动能为△E,=,-pA0△t,设转化效率为k,则有P△t=k△Ek,解得P=1解析：(1)从释放弹簧到小球离开桌面的过程中，小球与弹簧组成的系统机械能守恒，设小球离开桌面时的速度大小1为。，由机械能守恒定律有Ao,可知风力发电机的输出功率与风速的三次方成正E,-2mv比，A、B错误；由于风力发电机的效率一定小于100%，所以若每天均有1.0×10°kW的风能资源，每天的发电量E,定小于2.4×10°kW·h,C错误；风力发电机在风速为解得w=√m9m/s时，输出电功率为405kW,若风场每年有5000h风(2)小球与地面碰撞弹起后在竖直方向做竖直上抛运动，设速在6~10m/s的风能资源，按照最低风速6m/s计算，由弹起时小球的竖直速度为V,1,则ǒ由运动学公式有v,12=2gh上述分析可知风速为6m/s时，输出电功率为27×405kW设小球落地前的瞬间竖直方向速度大小为，则有V,1=120kW,该发电机年发电量至少为5000h×120kW=46.0×105kW·h,D正确。5,:2.(1)2m/s240s(2)2.8×10J190

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