2024届名校大联盟·高三月考卷(二)物理试题

2023-10-01 01:13:38 44

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球与U形管组成的系统沿导槽方向动量守恒，故A错误；小球/2(h-h1)从U形管的另一端射出时，小球与U形管系统机械能守恒，沿h一：），B正确；篮球进筐前在水平方向上g着轨道方向，系统动量守恒，类比弹性碰撞，交换速度，小球从U做匀速直线运动，所以篮球的出手点到落地点的水平距离为x形管的另一端射出时，速度大小为0，故B错误；小球运动到U2(h-h,)2(h-h2)1t=)，C错误；设篮球出手时竖形管圆弧部分的最左端过程，沿着轨道方向，系统动量守恒，以mgg直分速度为v,则有v=2g(h一h1),投篮时运动员对篮球做功向左为正方向，故m,=(m十m)。,解得0，=2，设小球的合转化为篮球的初动能，则有w=了m(+)=mgh一，)十速度为，限据机械能守恒定律？m=了w(份）广+12mD正确.故选BD.解得，=2,放C错误；在小球运动到U形管圆弧部分的最10.BD解析：在开始时，M球的合外力为零，加速度为零，弹簧处于压缩状态，一段时间后弹簧的弹力为零，M球的合外力为零，左端时，垂直轨道的分速度为，-V一可=20,运动到U加速度为零，所以M球在开始的一段时间内做加速度先增大后形管圆弧部分的最左端的过程中，在垂直轨道方向，以垂直向下减小的加速运动，当加速度减至零时速度最大，故A错误；设弹为正方向，对小球与U形管组成的系统根据动量定理，有I三簧第一次达到O.6m时，M球和N球的速度分别为vM、vN;开始时弹簧的压缩量为0.1m,弹簧第一次达到0.6m时，弹簧的2w,根据牛顿第三定律，平行导槽受到的冲量大小也伸长量为0,1m,两个状态弹性势能相等；根据动量定理得：I=为2mu,故D正确.故选D.mv。,解得开始时M球获得的速度为o。=3m/s,取水平向右为正方向，对两个小球水平方向由动量守恒定律得：mv。=mvM十8.CD解析：若物体a的加速度从1.0均匀减小到0.6，图像的面积为△u=1+0.6、m根据系统的机械能守恒知：子w十卫，=子m十×1m/s=0.8m/s,而a的初速度为零，可知22m0十E,联立解得：0M=3m/s,w=0,故B正确：根据对1s时的速度为0.8m/s,但实际是物体a的a一t图像的面积偏小，即速度变化量小于0.8m/s,则t=1s时a的速度大小小于称性可知，弹簧第二次达到0.6m时，两个小球交换速度，则M0.8m/s,故A错误；撤去F时，两者的加速度相等，但a加速的球的速度大小为0m/s,N的速度大小是3m/s,故C错误；弹加速度在1s前始终大于b加速的加速度，则a的速度大于b的簧达到最长时，两个小球水平方向速度相同，根据动量守恒定速度，此后a相对b继续远离，则弹簧继续拉长，当两者速度相等律可得：v。=2mv,解得M球的速度大小为1.5m/s,故D时弹簧的伸长量最大，故B错误；恒力F拉动a的瞬间，由a一t正确图像a的加速度为ao=1m/s2,有F=m.ao=1.2N,1s时两者的加速度相等a=0.6m/s2,对a、b由牛顿第二定律有F一kx=题型06高考选择题型静电场ma,kx=mba,解得mb=0.8kg,故C正确；F拉动1s的过程，由系统的动量定理可知Ft=m.v。十mbvb,撤去F后直至共速v时，系统的动量守恒，有mv:十mb=（m。十m,),解得0=题型特点0.6m/s,即弹簧伸长量最大时，a和b的速度大小都为本专题主要考查了点电荷激发的电场，等量异种或同种电荷0.6m/s,故D正确.故选CD.电场以及匀强电场的规律和特点，并解决电场背景下的静电力平9.BD解析：设篮球进篮筐时的水平分速度为V1,竖直分速度为衡问题、加速偏转问题、电势、电势能问题等.v2,则有o=2g(h一h2),I=0一mw1,进篮筐时的动能为E。=了m（0+)=mg《么一：)+A错误：将篮球的进筐前的解题策略理解并掌握电场强度的相关分析和计算，充分考虑电场强度、电势、电性、电荷对问题的影响，结合前边力学问题进一步分析掌运动看作两段平抛运动，在竖直方向上根据h=2g12得从出手握常见题型到最高点的运动时间为t=/2(h-h1),从最高点到篮筐的运题型纠错动时间为t2=2(h-h2)本专题的易错点主要集中在对电势、电势能和电场力做功的,篮球从出手到进筐历时t=g相关理解以及与这些问题相关的图像问题的理解，物理参考答案/11

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